A TLD ↗#
题目描述#
给定字符串
s,输出字符串中.(点)后面的字符,若有多个.输出最后一个.的信息.
解题思路#
有多种解法,可以暴力循环一次,或者用
find()函数查找
参考代码#
#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
#define endl '\n'
[[maybe_unused]]const int INF = 1e9 + 1;
[[maybe_unused]] typedef std::pair<int, int> pii;
void solve() {
std::string s;
std::cin >> s;
int pos = 0, t = -1;
while ((pos = s.find('.', pos)) != -1)
t = pos, pos++;
std::cout << s.substr(t + 1) << endl;
}
signed main() {
std::ios::sync_with_stdio(false);
std::cin.tie(nullptr), std::cout.tie(nullptr);
int Lazy_boy_ = 1;
// std::cin >> Lazy_boy_;
while (Lazy_boy_--)
solve();
return 0;
}B Langton’s Takahashi ↗#
题目描述#
给三个数
n,m和k,其中nm代表n * m的矩阵,k代表操作数 起始点在矩阵的(1,1),朝向为正上方 对于每次操作:
- 当前位置为
.则将当前位置改为#并且向右转,向前走一步.- 当前位置为
#则将当前位置改为.并且向左转,向前走一步. 打印出矩阵作为结果
解题思路#
.&.&.\\ .&.&.\\ .&.&.\\ .&.&.\\ \end{matrix}使用矩阵模拟下过程即可 对于样例
3 4 5模拟下 初始状态x = 1, y = 1朝向正上方
第一步,由于当前位置(1,1)为.那么就需要将当前位置变为#,并向右转,走一步到(1,2),朝向右
第二步,由于当前位置(1,2)为.那么就需要将当前位置变为#,并向右转,走一步到(2,2),朝向下
第三步,由于当前位置(2,2)为.那么就需要将当前位置变为#,并向右转,走一步到(2,2),朝向左
第四步,由于当前位置(2,1)为.那么就需要将当前位置变为#,并向右转,走一步到(1,1),朝向上
第五步,由于当前位置(1,1)为#那么就需要将当前位置变为.,并向左转,走一步到(1,3),朝向左
,此处能到(1,3)是因为矩阵相当于上下,左右连通的.
最后就得到了这样的矩阵.对于朝向的转换就需要一定的技巧,合理运用模(mod)的运算.
参考代码#
#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
#define endl '\n'
[[maybe_unused]]const int INF = 1e9 + 1;
[[maybe_unused]] typedef std::pair<int, int> pii;
void solve() {
int n, m, k;
std::cin >> n >> m >> k;
std::vector<std::string> s(n, std::string(m, '.'));
int x = 0, y = 0;
int dx[] = {0, 1, 0, -1},
dy[] = {1, 0, -1, 0};
int t = 3;
while (k--) {
if (s[x][y] == '.')
s[x][y] = '#', t = (t + 1) % 4;
else
s[x][y] = '.', t = (t + 3) % 4;
x = (x + n + dx[t]) % n;
y = (y + m + dy[t]) % m;
}
for (int i = 0; i < n; i++)
std::cout << s[i] << endl;
}
signed main() {
std::ios::sync_with_stdio(false);
std::cin.tie(nullptr), std::cout.tie(nullptr);
int Lazy_boy_ = 1;
// std::cin >> Lazy_boy_;
while (Lazy_boy_--)
solve();
return 0;
}